1)Берешь линейку и проводишь прямую
2)Ставишь циркуль на прямую и смотришь на шкалу,отмечаешь нужную точку и проводишь отрезок к прямой.
*90°-перпендикуляр
Удачи!
есть точка С..проведем 2 касательны СМ и СN..
СМ = СN = 12
проведем отрезок СО который делит угол 60 пополам(это доказано, да и я доказал), получится прямоугольный треугольник ОМС..так как в точке касания угол равен 90 градусов..
R лежит напротив угла в 30 градусов, тогда гипотенуза СО = 2R
по теореме пифагора найдем: 4R² = R² + 144, R = 4√3
<5=<4,т. к. они внутренние накрест лежащие
<7=<2,т. к. это внутренние накрест лежащие
<7=<6,т.к. они вертикальные
<8=<5,т. к. они верикальные
<4=<1,т. к. они вертикальные
<2=<3,т. к. они вкртикальные
<1=<5,т. к. они соответсвенные
<3=<7,т. к. они соотвественные
<span>Если в эти прямые пересекают плоскость альфа в точках M1, N1, K1 то возможно решение вот такое!
Прямые MM1 и NN1 параллельны (по условию задачи через концы отрезка MN проводятся параллельные прямые).
Прямые
M1N1 и MN не являютя параллельными. Если бы они были бы параллельными
то MM1 равнялось бы NN1, а по условию задачи это не так.
Получаем
четырехугольник MM1N1N, у которого две противоположные стороны
параллельны, а другие две противоположные стороны не параллельны. Это
трапеция (по определению трапеции).
K - середина отрезка K1. Так как
по условию задачи KK1 параллельна MM1 и NN1, то можно утверждать, что
K1 - середина отрезка M1N1.
KK1 - прямая, параллельная основаниям
трапеции, и соединяющая середины боковых сторон. Следовательно, KK1 -
средняя линия трапеции (по определению)
Тогда
KK1 = (MM1+NN1)/2 = (22+8)/2 = 15
</span>
Пусть А - начало координат
Ось Х -АВ
Ось У - AD
Ось Z - AA1
Координаты точек
С(5;12;0)
D1(0;12;7)
B1(5;0;7)
Уравнение плоскости СD1B1
ax+by+cz+d=0
Подставляем координаты точек
5a+12b+d=0
12b+7c+d=0
5a+7c+d=0
Пусть d=-1680
Тогда b=70 a=168 c=120
168x+70y+120z-1680=0
Уравнение плоскости АD1B1
ax+by+cz=0
12b+7c=0
5a+7c=0
Пусть а=-84 тогда с=60 b=-35
-84x-35y+60z=0
Косинус искомого угла равен
9362/218/109=~0.394