Var s:real;
begin
readln;
s:=((1+2)/(3+4))/((5+6)/(7+8));
writeln(s);
readln;
end.
Пусть количество страниц равно k. Так как в палитре 16 цветов, то каждая точка несет 4 бита информации (2^4 = 16). V = 256Кб = 262144 байт = 2097152 бит - объем видеопамяти. Пусть S - размер изображения. AxB - разрешающая способность, A * B <= S.
Тогда размер возможного изображения на экране будет вычисляться по формуле: S = V / (k * 4)
k = 1 => S = 524288 бит. Варианты разрешающей способности: 960x520; 640x480; 960x480
k = 2 => S = 262144 бит. Варианты разрешающей способности: 480x480; 320x480; 640x320
k = 4 => S = 131072 бит. Варианты разрешающей способности: 320x320; 240x320; 480x240
63ₓ = 3x⁰+2x¹+a₂x²+a₃x³+...
Понятно, что х>3, поскольку в системах счисления с x≤3 невозможно записать цифру 3.
Пусть x=4. x²=16, x³=64, ...
Поскольку даже минимально возможное значение х в третьей степени превышает 63, можно утверждать, что степеней выше 3 в представлении числа 63 нет.
Следовательно, 63=ax²+2x+3, ax²+2x-60=0, x=4,5,6, ...
Если х=8, то х²=64, поэтому для x>7 получаем а=0 и уравнение приобретает вид 2х-60=0 ⇒ х=30. Первое значение х найдено.
При х=4,5,6,7 получаем a=(60-2x)/x², a>0.
x=4 ⇒ a=(60-2×4)/4² = 52/16 = 4 - целое, подходит
x=5 ⇒ a=(60-2×5)/25 = 50/25 =2 - целое, подходит
x=6 ⇒ a=(60-2×6)/36 = 48/36 - нецелое
x=7 ⇒ a=(60-2×7)/49 = 46/49 - нецелое
Получили три значения x: 4, 5, 30
Проверим их.
1)х=4
63/4 = 15, остаток 3
15/4 = 3, остаток 2
3/4 = 0, остаток 3
Выписываем остатки в обратном порядке: 63=323₄
2) х=5
63/5 = 12, остаток 3
12/5 = 2, остаток 2
2/6 = 0, остаток 2
Выписываем остатки в обратном порядке: 63=223₅
3)х=30
63/30 = 2, остаток 3
2/30 = 0, остаток 2
Выписываем остатки в обратном порядке: 63=23₃₀
Ответ: 4, 5, 30
<span>U(i) = U(i-1) + L(i-1), а L(i) = L(i-1) + L(i-2)? </span>
Var s:int64;
a,b,i:longint;
beginassign(input,'d.in');
reset(input);
assign(output,'d.out');
rewrite(output);
s:=0;
read(a,b);
if odd(a) then i:=a else i:=a+1;
while i<=b dobegins:=s+i;
inc(i,2);
end;
writeln(s);
<span>end.</span>