Уравнение Клапейрона - Менделеева:
PV=nRT
P=nRT/V
n=2 моль
V=8,3 м^3
T=250 K
R=8,314 Дж/(моль*К) (универсальная газовая постоянная)
P=2*8,314*250/8,3=500,84 Паскаль
Раз цилиндр катится без проскальзывания, то значит, его нижняя точка, которой цилиндр опираетсся на стол – в любой момент времени испытвает кратковременное состояние покоя (мгновенное), или иначе говоря – замирает. Это возможно только в том случае, когда линейная скорость вращения обода (поверхности цилиндра) равна скорости движения оси цилиндра вправо по столу.
Подойдя к вопросу с другой стороны, мы можем понять, что за небольшой промежуток в любой момент времени, верхняя точка обода продвигается вправо на вдое больлшее расстояние, чем ось цилиндра, поскольку верхняя точка обода отстоит от стола на вдаое большее расстояние. А это значит, что к скорости движения оси цилиндра в верхней точке обода должна прибавляться точно такая же линейная скорость вращения обода.
В обоих подходах мы приходим к выводу, что линейная скорость вращения обода vo всегда должна быть равна скорости оси цилиндра V для выполнения условия качения без проскальзывания. Итак, мы можем записать:
V = vo ;
Угловая скорость вращения обода ω, по определению связана с линейной сокростью его вращения vo – соотношением:
ω = vo/R = V/R ;
Rω = V ;
Верхняя точка цилиндра в любой момент времени при этом движется относительно стола со скоростью:
v = vo + V = 2V ;
v = 2V = 2Rω ;
и скорость v – это ни что иное, как модуль скорости движения нити и подвешенного груза.
dv = 2dV = 2Rdω ;
dv/dt = 2dV/dt = 2Rdω/dt ;
a = 2aц = 2Rω' ,
aц = ω'R = a/2 , где:
aц – модуль линейного ускорения оси цилиндра, и так же и модуль линейного ускорения вращения его обода,
ω' – угловое ускорение вращающегося цилиндра:
Запишем Второй закон Ньютона в линейной и вращательной форме для участвующих в движении тел, учитывая момент инерции цилиндра – MR²/2 и обозначив модуль натяжения нити, как T и проекцию силы трения, как Fx (на горизонтальную ось Ох, направленную слева направо). Направим силу трения вправо, считая её проекцию положительной. Этот выбор не изменит хода решения задачи, поскольку если в реальности она окажется направлена влево, ты мы просто получим для значения проекции отрицательное значение. Позже мы поставим условие –μN < Fх < μN , чтобы трения было достаточно (куда бы оно ни было направлено) для обеспечения качения без проскальзывания.
mg – T = ma ; для грузика
T + Fх = Maц ; для движения оси цилиндра
TR – FхR = [MR²/2]ω' ; для вращения вокруг оси цилиндра
mg – T = ma ; [1]
T + Fх = Ma/2 ; [2]
T – Fх = Ma/4 ; [3]
mg – T = ma ;
2T = 3Ma/4 ;
T = 3Ma/8 ;
mg – 3Ma/8 = ma ;
( m + 3M/8 ) a = mg ;
a = g / ( 1 + 3M/[8m] ) – это ускорение грузика ; [4]
aц = a/2 = g / ( 2 + 3M/[4m] ) – это ускорение движения направо оси цилиндра ; [5]
Вычтем [3] из [2] и получим:
2Fх = Ma/4 ;
Fх = Ma/8 ;
Сила трения покоя по модулю всегда должна быть меньше силы трения скольжения, а значит, олджно выполняться неравенство:
F < μN ;
|Fx| < μN ;
–μN < Fx < μN ;
–μMg < Ma/8 < μMg ;
–μg < 0 < a/8 < μg ;
μ > a/8g , подставляя [4] получим:
μ > 1/[ 8 + 3M/m ] ; [6]
Ответы в пунктах [4], [5] и [6] .
3)
V = 0,41 * 0,2 * 0,25 = 0, 0205 (метра куб.)
F(А) = pgV = 1000 *10 * 0, 0205 = 205 H
Ответ: F(A) = 205 H
4)
F(A) = 50 - 20 = 30 H
F(А) = pgV
V =F(A)/(pg) = 30/ 10000 = 0, 003 (метра куб.)
Ответ: V = 0, 003 (метра куб.)
5) V = 2*2*2 = 6 дм в кубе.= 0,06 метра в кубе.
p = m/V = 6/0,06 = 100
Не должен утонуть.
